已知函数f(x)=2lnx+1-x2x（1）求函数f（x）的单调区间；（2）利用1）的结论求解不等式2|lnx|≤(1+1x)?|x-1|．并利用不等式结论比较ln2（1+x）与x21+x的大小．（3）若不等式(n+a)ln(1+1n)≤1-数学试题及答案

1、试题题目：已知函数f(x)=2lnx+1-x2x（1）求函数f（x）的单调区间；（2）利用1）的结..

发布人：繁体字网（www.fantiz5.com）发布时间：2016-01-25 07:30:00

试题原文

已知函数f(x)=2lnx+

1-x2

x

（1）求函数f（x）的单调区间；
（2）利用1）的结论求解不等式2|lnx|≤(1+

1

x

)?|x-1|．并利用不等式结论比较ln²（1+x）与

x2

1+x

的大小．
（3）若不等式(n+a)ln(1+

1

n

)≤1对任意n∈N^*都成立，求a的最大值．

试题来源：不详试题题型：解答题试题难度：中档适用学段：高中考察重点：指数函数模型的应用

2、试题答案：该试题的参考答案和解析内容如下：

（1）f(x)=2lnx+

1-x2

x

，定义域x|x＞0
f′(x)=

2

x

+

-2x×x-(1-x2)

x2

=-

(x-1)2

x2

≤0
∴f（x）在（0，+∞）上是减函数．
（2）对2|lnx|≤(1+

1

x

)?|x-1|
当x≥1时，原不等式变为2lnx≤(1+

1

x

)?(x-1)=

x2-1

x

由（1）结论，x≥1时，f（x）≤f（1）=0，2lnx+

1-x2

x

≤0即2lnx≤

1-x2

x

成立
当0＜x≤1时，原不等式变为-2lnx≤(1+

1

x

)?(1-x)，即2lnx≥

x2-1

x

由（1）结论0＜x≤1时，f（x）≥f（1）=0，
综上得，所求不等式的解集是{x|x＞0}
∵x＞0时，2|lnx|≤(1+

1

x

)?|x-1|，即|lnx2|≤|

x2-1

x

|，
∴ln2x2≤

(x2-1)2

x2

用

x+1

（其中x＞-1）代入上式中的x，可得ln2(x+1)≤

x2

x+1

（3）结论：a的最大值为

1

ln2

-1
∵n∈N^*，∴ln(1+

1

n

)＞0∵(n+a)ln(1+

1

n

)≤1，∴a≤

1

ln(1+

1

n

)

-n
取x=

1

n

，则x∈（0，1]，∴a≤

1

ln(1+x)

-

1

x

设g(x)=

1

ln(1+x)

-

1

x

，g′(x)=

ln2(x+1)-

x2

x+1

x2ln2(1+x)

≤0
∵g（x）递减，
∴x=1时g最小=g(1)=

1

ln2

-1
∴a的最大值为

1

ln2

-1．

3、扩展分析：该试题重点查考的考点详细输入如下：

经过对同学们试题原文答题和答案批改分析后，可以看出该题目“已知函数f(x)=2lnx+1-x2x（1）求函数f（x）的单调区间；（2）利用1）的结..”的主要目的是检查您对于考点“高中指数函数模型的应用”相关知识的理解。有关该知识点的概要说明可查看：“高中指数函数模型的应用”。

4、其他试题：看看身边同学们查询过的数学试题：