发布人:繁体字网(www.fantiz5.com) 发布时间:2015-12-05 07:30:00
试题原文 |
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解:(1)f′(x)=8x2-4x+b,△=16-32b ①当△≤0即b≥时,f′(x)≥0在R上恒成立,∴f(x)在(-∞,+∞)上单调递增; ②当△>0即b<时,由f′(x)=0得 若f′(x)>0,则 若f′(x)>0,则 ∴f(x)的单调增区间为:;f(x) 的单调减区间为: 综上所述:当b≥时,f(x)在(-∞,+∞)上单调递增;当b<时, f(x)的单调增区间为:;f(x) 的单调减区间为: (2) 令g′(x)=3得:x=0 ∴切点为(0,0) ∴f(0)=0 ∴a=0 f′(x)=8x2-4x+b|x=0=b=3 ∴a=0,b=3 令φ(x)=f(x)-g(x) 则φ'(x)=f'(x)-g'(x)= ∴φ(x)在(-,0)上单调递减,在(0,+∞)单调递增, 所以φ(x)≥φ(0)=f(0)-g(0)=0 ∴φ(x) ≥0 即:f(x)≥g(x) (3)KAC=,KBC= 令φ(t)=(1+2t)(g(t)-g(x1))-(3+2t)(t-x1) 则φ′(t)=2 (g(t)-g(x1))+ (1+2t)g′(t)-2(t-x1) -(3+2t)= 2 (g(t)-g(x1)) -2(t-x1) =2(ln(1+2t)-ln(1+2x1)) ∵y=ln(1+2x)在(-,+∞)上单调递增,且t>x1, ∴ln(1+2t)-ln(1+2x1)>0 ∴φ′(t) >0 ∴φ(t)在(x1,t)上单调递增 ∴φ(t)> φ(x1)=0 ∴(1+2t)(f(t)-f(x1))-(3+2t)(t-x1)>0 ∴(1+2t)(f(t)-f(x1)) >(3+2t)(t-x1) ∵t-x1>0,1+2t>0 即KAC 同理可证:KBC ∴KAC>KBC |
经过对同学们试题原文答题和答案批改分析后,可以看出该题目“已知函数f(x)=x3-2x2+bx+a,g(x)=ln(1+2x)+x(1)求f(x)的单调区间(..”的主要目的是检查您对于考点“高中函数的单调性与导数的关系”相关知识的理解。有关该知识点的概要说明可查看:“高中函数的单调性与导数的关系”。