给定一个n项的实数列a1，a2，…，an(n∈N*)，任意选取一个实数c，变换T（c）将数列a1，a2，…，an变换为数列|a1-c|，|a2-c|，…，|an-c|，再将得到的数列继续实施这样的变换，这样-数学试题及答案

1、试题题目：给定一个n项的实数列a1，a2，…，an(n∈N*)，任意选取一个实数c，变..

发布人：繁体字网（www.fantiz5.com）发布时间：2016-02-01 07:30:00

试题原文

给定一个n项的实数列a1，a2，…，an(n∈N*)，任意选取一个实数c，变换T（c）将数列a₁，a₂，…，a_n变换为数列|a₁-c|，|a₂-c|，…，|a_n-c|，再将得到的数列继续实施这样的变换，这样的变换可以连续进行多次，并且每次所选择的实数c可以不相同，第k（k∈N^*）次变换记为T_k（c_k），其中c_k为第k次变换时选择的实数．如果通过k次变换后，数列中的各项均为0，则称T₁（c₁），T₂（c₂），…，T_k（c_k）为“k次归零变换”．
（Ⅰ）对数列：1，3，5，7，给出一个“k次归零变换”，其中k≤4；
（Ⅱ）证明：对任意n项数列，都存在“n次归零变换”；
（Ⅲ）对于数列1，2²，3³，…，nⁿ，是否存在“n-1次归零变换”？请说明理由．

试题来源：不详试题题型：解答题试题难度：中档适用学段：高中考察重点：数学归纳法

2、试题答案：该试题的参考答案和解析内容如下：

（Ⅰ）方法1：T₁（4）：3，1，1，3；T₂（2）：1，1，1，1；T₃（1）：0，0，0，0．
方法2：T₁（2）：1，1，3，5；T₂（2）：1，1，1，3；T₃（2）：1，1，1，1；T₄（1）：0，0，0，0．．…（4分）
（Ⅱ）经过k次变换后，数列记为

a

(k)1

，

a

(k)2

，…，

a

(k)n

，k=1，2，…．
取c1=

1

2

(a1+a2)，则

a

(1)1

=

a

(1)2

=

1

2

|a1-a2|，即经T₁（c₁）后，前两项相等；
取c2=

1

2

(

a

(1)2

+

a

(1)3

)，则

a

(2)1

=

a

(2)2

=

a

(2)3

=

1

2

|

a

(1)3

-

a

(1)2

|，即经T₂（c₂）后，前3项相等；
…
设进行变换T_k（c_k）时，其中ck=

1

2

(

a

(k-1)k

+

a

(k-1)k+1

)，变换后数列变为

a

(k)1

，

a

(k)2

，

a

(k)3

，…，

a

(k)k+1

，

a

(k)k+2

，…，

a

(k)n

，则

a

(k)1

=

a

(k)2

=

a

(k)3

=…=

a

(k)k+1

；
那么，进行第k+1次变换时，取ck+1=

1

2

(

a

(k)k+1

+

a

(k)k+2

)，
则变换后数列变为

a

(k+1)1

，

a

(k+1)2

，

a

(k+1)3

，…，

a

(k+1)k+1

，

a

(k+1)k+2

，

a

(k+1)k+3

，…，

a

(k+1)n

，
显然有

a

(k+1)1

=

a

(k+1)2

=

a

(k+1)3

=…=

a

(k+1)k+1

=

a

(k+1)k+2

；
…
经过n-1次变换后，显然有

a

(n-1)1

=

a

(n-1)2

=

a

(n-1)3

=…=

a

(n-1)n-1

=

a

(n-1)n

；
最后，取cn=

a

(n-1)n

，经过变换T_n（c_n）后，数列各项均为0．
所以对任意数列，都存在“n次归零变换”． …（9分）
（Ⅲ）不存在“n-1次归零变换”．…（10分）
证明：首先，“归零变换”过程中，若在其中进行某一次变换T_j（c_j）时，c_j＜min{a₁，a₂，…，a_n}，那么此变换次数便不是最少．这是因为，这次变换并不是最后的一次变换（因它并未使数列化为全零），设先进行T_j（c_j）后，再进行T_j+1（c_j+1），由||a_i-c_j|-c_j+1|=|a_i-（c_j+c_j+1）|，即等价于一次变换T_j（c_j+c_j+1），同理，进行某一步T_j（c_j）时，c_j＞max{a₁，a₂，…，a_n}；此变换步数也不是最小．
由以上分析可知，如果某一数列经最少的次数的“归零变换”，每一步所取的c_i满足min{a₁，a₂，…，a_n}≤c_i≤max{a₁，a₂，…，a_n}．
以下用数学归纳法来证明，对已给数列，不存在“n-1次归零变换”．
（1）当n=2时，对于1，4，显然不存在“一次归零变换”，结论成立．
（由（Ⅱ）可知，存在“两次归零变换”变换：T1(

5

2

)，T2(

3

2

)）
（2）假设n=k时成立，即1，2²，3³，…，k^k不存在“k-1次归零变换”．
当n=k+1时，假设1，2²，3³，…，k^k，（k+1）^k+1存在“k次归零变换”．
此时，对1，2²，3³，…，k^k也显然是“k次归零变换”，由归纳假设以及前面的讨论不难知1，2²，3³，…，k^k不存在“k-1次归零变换”，则k是最少的变换次数，每一次变换c_i一定满足1≤ci≤kk，i=1，2，…，k．
因为|…||(k+1)k+1-c1|-c2|-…-ck|=(k+1)k+1-(c1+c2+…+ck)≥（k+1）^k+1-k?k^k＞0
所以，（k+1）^k+1绝不可能变换为0，与归纳假设矛盾．
所以，当n=k+1时不存在“k次归零变换”．
由（1）（2）命题得证． …（13分）

3、扩展分析：该试题重点查考的考点详细输入如下：

经过对同学们试题原文答题和答案批改分析后，可以看出该题目“给定一个n项的实数列a1，a2，…，an(n∈N*)，任意选取一个实数c，变..”的主要目的是检查您对于考点“高中数学归纳法”相关知识的理解。有关该知识点的概要说明可查看：“高中数学归纳法”。

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